Пәннің ОҚУ-Әдістемелік кешені «Дифференциалдық геометрия»


Оқу курсының тақырыбын іске асыру күнтізбесі



жүктеу 10,4 Mb.
бет7/7
Дата15.04.2022
өлшемі10,4 Mb.
#38146
1   2   3   4   5   6   7
УМКД Ангео-2 каз

6. Оқу курсының тақырыбын іске асыру күнтізбесі:


Апта /күні

Тақырыпатауы (дәріс, практикалықсабақ, СӨЖ)

Сағат саны

Еңжоғары балл

1

2

3

4

1

№ 1 дәріс

Екінші ретті қисықтар:шеңбер және оның теңдеуі,қасиеттері


1

1


№1 практикалықсабақ

Шеңбер және оның теңдеуі мен қасиеттеріне есептер шығару


1

5


2


№ 2 дәріс

Екінші ретті қисықтар:эллипс және оның теңдеуі,қасиеттері


1

1


№ 2 практикалықсабақ

Эллипс және оның теңдеуі мен қасиеттеріне есептер шығару


1

5

3-4



№ 3-4 дәріс

Екінші ретті қисықтар:гипербола және оның теңдеуі,қасиеттері


2

2


№ 3-4 практикалықсабақ

Гипербола және оның теңдеуі мен қасиеттеріне есептер шығару

Екінші ретті қисықтарга бакылау


2


10


5

№ 5 дәріс

Екінші ретті қисықтар:парабола және оның теңдеуі,қасиеттері


1

1


№ 5 практикалықсабақ

Парабола және оның теңдеуі мен қасиеттеріне есептер шығару



1

5

СОӨЖ 1 Кеңес беру және СӨЖ қабылдау

СӨЖ


Екінші ретті қисықтардың жалпы теңдеуі және оларды канондық түрге келтіру




18

6

№ 6 дәріс

Екінші ретті қисықтардың жалпы теңдеуі және олардың канондық түрге келтіру



1


1


№ 6 практикалықсабақ

Екінші ретті қисықтардың жалпы теңдеуі және олардың канондық түрге келтіруге есептер шығару.


1

5


СОӨЖ 2 Кеңес беру және СӨЖ қабылдау

СӨЖ


1. Екінші ретті қисықтардың жалпы теңдеуіне есептер шығару.




20

7

№ 7 дәріс

Екінші ретті цилиндрлік беттер


1

1


№ 7 практикалықсабақ

Екінші ретті цилиндрлік беттеріне есептер шығару


1

5


СОӨЖ 3 Кеңес беру және СӨЖ қабылдау

СӨЖ Тест жәнеБақылаужұмысы





20





Барлығы, Аралықбақылау№1




100









1

2

3

4










8

№ 8 дәріс

Екінші ретті конустық беттер.


1

1











№ 8 практикалықсабақ

Екінші ретті конустық беттеріне есептер шығару


1

5











9-10

№ 9-10 дәріс

Айналу беттер.Эллипсоид және оның канондық теңдеу мен қималары


2

2











№ 9-10 практикалықсабақ

Эллипсоид және оның канондық теңдеу мен қималарына есептер шығару


2

10











СОӨЖ 4 Кеңес беру және СӨЖ қабылдау

СӨЖ


Эллипсоидтың түрлері мен теңдеулері



15











11



№ 11 дәріс

Гиперболоид.Бір және екі қуысты айналу гиперболоиды және олардың теңдеулері.



1




1










№ 11 практикалықсабақ

Гиперболоид.Бір және екі қуысты айналу гиперболоиды және олардың теңдеулеріне есептер шығару.


1



5










12


№ 12 дәріс

Параболоидтар.Эллипстік және гиперболалық параболоидтар.Параболалық цилиндр.


1

1











№ 12 практикалықсабақ Параболоидтар.Эллипстік және гиперболалық параболоидтар.Параболалық цилиндр. Есептер шығару.

1

5











СОӨЖ 5 Кеңес беру және СӨЖ қабылдау

СӨЖ


Айналу беттер.Эллипсоид,гиперболоид,параболоид және олардың канондық теңдеулері мен түрлері






10










13


№13 дәріс

Екінші ретті беттің жалпы теңдеуі, оның ортогональдық инварианттары. Жалпытеңдеудіканондықтүргекелтіру


1

1











№ 13 практикалықсабақ

Екінші ретті беттің жалпы теңдеуі, оның ортогональдық инварианттары. Жалпытеңдеудіканондықтүргекелтіружәнеесептершығару.


1

5











СОӨЖ 6 Кеңес беру және СӨЖ қабылдау

СӨЖ Есептер шығару





12











14


№14 дәріс

Екінші ретті беттердің рангісі мен анықтаушылары.Характеристикалық теңдеуі.


1

1











№14 практикалықсабақ

Екінші ретті беттердің рангісі мен анықтаушылары. Характеристикалық теңдеуінеесептершығару


1

5











1

2

3

4













СОӨЖ 5 Кеңес беру және СӨЖ қабылдау СӨЖБақылаужұмысы




5










15

№15дәріс

Екінші ретті беттің теңдеуін координаталлар жүйесін айналдыру және координаталар басын көшіру арқылы ықшамдау және канондық түрге келтіру.


1

1











№ 15 практикалық сабақ

Екінші ретті беттің теңдеуін координаталлар жүйесін айналдыру және координаталар басын көшіру арқылы ықшамдау және канондық түрге келтіруіне есептер шығару.


1

5











СОӨЖ 6 Айналу беттерін есептеу,СӨЖ қабылдау

СӨЖТест




10














Барлығы, Аралықбақылау№2




100




«Аналитикалық геометрия-2» ПӘНІ БОЙЫНША Емтихан жұмысын бағалау шкаласы

Балдар:1 сұрақ-30, 2 сұрақ – 30, 3 сұрақ - 40

Білім алушы:

A

- берген жауаптарын стилистикалық сауатты, логикалық дұрыс ашқан;

- теориялық ережелерді нақты мысалдармен келтіре білген;

- ғылыми терминологияны тура қолдануды толық көрсеткен

- тәжірибелік тапсырманы толық көлемінде, шығармашылық жолын қолданып орындаған



A-

– ғылыми терминологияны қолдануда білместік пен оқу материалын түсінбегендіктің салдары болып саналмайтын жеке қателіктер немесе дәлсіздіктер жіберген;

B+

– тәжірибелік тапсырманы толық көлемінде емес орындаған, тапсырманы орындаған кезде шығармашылық жолын қолданған

B

– баяндауда жауаптың логикалық және ақпараттық мазмұнын бұрмаламайтын бірнеше қателіктер жіберілген;

– жауаптың негізгі мазмұнын баяндауда бір-екі кемшіліктер жіберілген.



B-

– ғылыми терминологияны қолдануда қателік немесе екіден астам кемшіліктер жіберілген

  • тәжірибелік тапсырманы толық көлемінде емес орындаған

C+

– материалдың мазмұны толығымен немесе жүйелі түрде ашылмаған, бірақ білім алушы сұрақты жалпы түсінген және жеткілікті білімі көрсетілген, түсініктерді анықтауда, терминді қолдануда қиындықтар мен қателіктер жіберген.

  • тәжірибелік тапсырманы толық көлемінде емес орындаған

C

– тәжірибелік тапсырманы орындау кезінде немесе теорияны жаңа жағдайда қолдана алмаған.

C-

– теориялық материалдың білімін аңғару кезінде негізгі біліктілік пен машықтардың жеткіліксіз қалыптасқандығын байқатқан.

D+

– оқу материалының негізгі мазмұны ашылмаған;

– оқу материалын білім алушы білмеген немесе оның анағұрлым немесе маңызды бөлігін түсінбегендігі анықталған.



D

– терминдерді пайдалану кезінде түсініктерді анықтауда қателіктер жіберген.

F

білім алушының тексеріліп отырған пән бойынша міндетті білімі мен машықтарының толығымен жоқтығы байқалады.


Лекция №1 Екінші ретті қисықтар: шеңбер және теңдеуі
Екінші ретті қисықтар деп, декарат координаталаында екінші дәрежелі алгебралық теңдеулермен анықтамаларын сызықтарды айтады.

Белгісіздер х және у-ке қарағанда екінші дәрежелі жалпы теңдеу мына түрде жазылады:



(1)
Мұндағы А, В және С коэффициенттерінің ең кемінде біреуі нөлге тең емес.

Біздің қарастырайық деп отырған қисық сызықтар осы екінші дәрежелі теңдеудің арнайы түрлермен анықталады. Олар шеңбер, эллипс, гипербола және парабола. Ғылым және техника салаларында осы қисық сызықтар кездеседі. Геометрияда бұл қисық сызықтар теориясын конустық қимылдардың теориясы деп отырған қисық сызықтар қарсы екінші дәрежелі теңдеудіңарнайы түрлерімен анықтлады. Олар шеңбер, эллипс, гипербола және парабола. Ғылым және техника салаларында осы қисық сызықтар жиі кездеседі. Геометрияда бұл қисық сызықтар теориясынконустық қимылдардың теориясы деп те атайды, себебеі конусты әр түрлі хазықтармен қиғанда оның қимасында (жазықтықтың орнына қарай) шеңбер, эллпс, гипербола және парабола пайда болады.

Енді осы екінші ретті қисықтардың канондық теңдеулерін декарттық координаталар жүйесінде қорытып шығарайық та, қисықтарды және олардың қасиеттерін теңдеулері арқылы зерттейік.

1.Шеңбер.

Анықтама. Центр деп аталатын берілген нүктеден бірдей қашықтықта жататын жазықтық нүктелерінің жиыны шеңбер деп аталады.

Егер нүктесі шеңбердің центрі, R-радиусы,ал оның ағымдағы кез келген нүктесі болса, (2- сурет), онда бойынша

1-сурет 2-сурет


теңдігін аламыз. Теңдіктің сол жағына екі нүкте арақашықтығын табу формуласын қолдансақ,

Соңғы теңдіктің екі жағын квадраттасақ,



түріндегі теңдеу аламыз. Бұл теңдеу центрі нүктесінде жататын радиуысы R болатын шеңбердің жалпы теңдеуі деп аталады. Дербес жағдайда, егер шеңбер центрі координат жүйесінің бас нүктесінде жататын болса, онда болады да, (2) теңдеу

түріне келеді. Бұл шыққан (3) теңдеу шеңбердің канондық теңдеуі деп аталады.

Шеңбердің параметрлік теңдеулері. Шеңбердің (3) теңдеуінен оның параметрлік теңдеулерін оңай ғана алуға болады. Ол үшін шеңбердің кез келген М нүктесінің радиуыс-векторы өсінің оң басытымен t бұрышын жасайды деп ұйғарайық . Енді t бұрышын айнымалы параметр деп алып, ағымдағы х, у координаталарын параметр t арқылы өрнектеуге болады.

Осы соңғы теңдеулержүйесін шеңбердің параметрлік теңдеулері деп атайды.
Лекция №2 Екінші ретті қисықтар: эллипс және оның канондық теңдеуі
Анықтама. Жазықтықтағы фокус деп аталатын екі нүктеден қашықтықтарының қосындысы әрқашан тұрақты шама 2a-ға тең болатын нүктелердің геометриялық орнын эллипс дейді.

Ара қашықтығы 2c болатын юекітілген екі нүктені аламыз, оларды түзумен қосамыз да абцисса осі ретінде созамыз. Фокустардың арасындағы кесіндінің ортасына перпендикуляр түзу тұрғызамыз да оны ордината осі ретінде аламыз.

Элиппстің теңдеуін қорытып шығарамыз.

F1(-c,0) және F2(c,0) эллипсиің фокустары деп, r1 және r1 фокальдық радиустары деп аталады.

Салудың көрнекілігі. Эллипсті былай салуға болады: жер бетінде белгілі бір қашықтықта екі қазық қағады. Жіптің екі ұшын біріктіріп байлап екі қазыққа іледі. Жіпті үшінші қазыққа іледі де тарта отырып қазықтың ұшымен жерді сызып эллипсті алады. Екі қазықтың арасын және жіптің ұзындығын өзгерте отырып, мөлшері мен формасы әртүрлі эллипс алуға болады.

Эллипстің теңдеуін қорытып шығару үшін жазықтықтың M(x,y) аламыз да оның фокустан қашықтығының формуласын қарастырамыз:



, .

Эллипстің анықтамасы бойынша осы екі қашықтықтың қосындысы тұрақты және 2a-ға тең:



.
Эллипстің теңдеуі математикалық жолмен құрылды, енді түрлендіру арқылы оны ықшамдаймыз:

,

.

Енді ұқсас мүшелерін біріктіріп және 4-ке қысқарта отырып ықшамдаймыз:



,

,

,

сонда


.

Екі жағын да - –қа бөлеміз



немесе, таңбасын ауыстырамыз да эллипс иеңдеуін аламыз



2a сынық сызығы 2c-дан артық, сондықтан квадраттар айырымын белгілейміз:


. (1)

Сонымен, эллипстің канондық теңдеуін аламыз:



(2)

Эллипстің абсцисса осімен қиылысу нүктелерін табу үшін мына теңдеулер жүйесін шешеміз.




Эллипстің M1(-a,0), M2(a,0) екі төбесін аламыз.

– эллипстің үлкен осі деп аталады, ал a үлкен жарты осі деп аталады.

Эллипстің ордината осімен қиылысу нүктелерін табу үшін мына теңдеулер жүйесін шешеміз:




Сонда эллипстің қалған екі M3(0,-b), M4(0,b) төбесін аламыз.

– эллипстің кіші осі деп аталады, ал b кіші жарты осі деп аталады.

(3) теңдеуден және суреттен эллипстің Ox және Oy осьтері бойынша симметриялы орналасқаны көрініп тұр.


Эллипстің эксцентриситеті және директрисалары.

Эллипстің фокальдық радиустарын қарастырамыз:



;

эллипстің анықтамасы бойынша



.

Фокальдық радиустардың квадраттарының айырымын қарастырамыз



;

немесе .



Фокальдық радиустарын табу үшін теңдеулер жүйесін шешеміз


немесе

Анықтама. Фокустардың ара қашықтығының фокальдық радиустарының қосындысына қатынасы

эллипстің эксцентриситеті деп аталады.

Фокустардың ара қашықтығы сынық сызығынан кіші болатын фокустар эллипстің ішінде жатады және

Сонымен, эллипстің фокальдық радиустары былай анықталады:





Егер болса, онда Ox фокальдық ось, егер болса, онда Oy фокальдық ось болады.



Анықтама. Ординаталар осіне паралель және центрінен қашықтықтағы екі түзу эллипс директрисасы деп аталады, былайша айтқанда фокальдық радиустың нүктеден директрисаға дейінгі қашықтыққа қатынасы тұрақты санға, яғни эксцентриситетке тең.

Ордината осіне паралель екі түзуін фокальдық радиустың М нүктесінен осы түзуге дейінгі қашақтығына қатынасы эксцентриситетке тең тұрақты сан болатындай етіп жүргіземіз, яғни



Табылған фокальдық радиус пен ара қашықтықты орнына қоямыз:





болғанда бұл қатынас эксцентриситетке тең болады, яғни директриса түзуі. Осы тәсілмен директрисалардың теңдеулерін аламыз:

,

және де


Эллипстің жанамасының теңдеуі




теңдеуін қарастырамыз.
Қисыққа жүргізілген жанама

теңдеуінен табылатыны белгілі.

Эллипстің теңдеуінен туынды аламыз:

, бұдан немесе

ның мәнін жанама теңдеуіне қоямыз

,

түрлендіріп ықшамдаймыз




теңдеуін -қа бөлеміз

M0 нүктесі эллипсте жатқандықтан оның координаталары эллипс теңдеуін қанағаттандырады, сондықтан оң жағы 1-ге тең.

Сонымен, эллипске жүргізілген жанаманың теңдеуі:



(3)
Мысалы. эллипстің теңдеуі берілсін. Фокустар аралығын, эксцентриситетін, директриса теңдеуін және нүктесіне жүргізілген жанама теңдеуің табыңдар

(3) канондық түріне келтіреміз,



;

Эксцентриситетін табамыз:

Директриса теңдеулерін табамыз

Берілген нүкте эллипстің бойында жатқандықтан оның координаталары эллипстің теңдеуін қанағаттандырады.Сондықтан, мәндерін жанаманың теңдеуіне қойып, эллипстің А нүктесіне жүргізілген жанамасының теңдеуін аламыз:



немесе

Лекция №3 Екінші ретті қисықтар: гипербола және оның канондық теңдеуі
Анықтама. Жазықтықтағы фокус деп аталатын екі нүктеден қашықтықтарының айырымы әрқашантұрақты шама 2a-ға тең болатын нүктелердің геометриялық орнын гипербола деп атайды.

Эллипстегі координата осьтерін енгізген тәсілмен координаталар жүйесін енгіземіз



Гиперболаның теңдеуін қоирытып шығару үшін жазықтықтың M(x,y) нүктесін аламыз да оның фокустан қашықтықтарын табамыз:



,

Гиперболаның анықтамасы бойынша осы қашықтықтардық айырымы тұрақты және 2a-ға тең:



Гиперболаның теңдеуі математикалық жолмен құрылды, енді түрлендіру арқылы оны ықшамдаймыз:



.

Екі жағын да –қа бөлеміз



2a˂2c болғандықтан квадраттар айырымын белгілейміз:


. (1)

Сонымен, эллипстің канондық теңдеуін аламыз:



(2)

Гиперболаның ордината осьтерімен қиылысу нүктелері

Гиперболаның абсцисса осімен қиылысу нүктелерін табу үшін мына теңдеулер жүйесін шешеміз.




Гиперболаның екі төбесін аламыз: M1(-a,0), M2(a,0).

– гиперболаның нақты осі деп, ал

нақты жарты осі деп аталады.

Гиперболаның ордината осімен қиылысу нүктелерін табу үшін мына теңдеулер жүйесін шешеміз:




Сонда эллипстің қалған екі M3(0,-b), M4(0,b) төбесін аламыз.

– гиперболаның жорамал осі деп, ал

жорамал жарты осі деп аталады.

(2) теңдеуден және суреттен гиперболаның Ox және Oy осьтері бойынша симметриялы орналасқаны көрініп тұр.

Гипербола теңдеуінен у-ті табамыз:

Егер онда Ендеше, гипербола шенелмеген.


Гиперболаның асимптоталары

Анықтама. Егер қисықтың нүктесі ақырсыз алыстаған сайын сол нүкте мен белгілі бір түзуге дейінгі қашықтық нөлге ұмтылса, онда бұл түзу қисықтың асимптотасы деп аталады.

Көлбеу асимптота бұрыштық коэффициенттерімен берілген түзу теңдеуімен беріледі:



Бұрыштық коэффициентін табу үшін b=0 делік, сонда





теңдеуінен b кесіндісін шекке көшіп табамыз

Сонымен, гиперболаның координаталар басынан өтетін екі асимптотасы бар:





Гиперболаны салу. гиперболасы берілген делік. Осы гиперболаны қалай саламыз?

Алдымен Ох осі бойынша қабырғасы 2а, Оу осі бойынша қабырғасы 2b тік бұрышты саламыз. Осы төртбұрыштың диагональдарын жүргіземіз де созамыз,олар асимтоталар болады:







M1(-a,0) , M2(a,0) төбелерінен гиперболаның тармақтарын асимтотаға ылғи жақындата жүргіземіз.
Гиперболаның директрисалары. Анықтама бойынша . Эллипсте орыyдағанымыз тәрізді квадраттардың айырымын табамыз:

немесе .

Бұдан жүйе алынады:


Анықтама бойынша өйткені

Эллипстің директрисасы тәрізді гипербола директрисасы теңдеулерімен анықталады.



Гиперболаның эксцентриситеті болатындықтан директрисасы яғни директрисалар төбенің арасында жатады.

Фокальдық радиустың кез келген нүктеден директрисаға дейінгі қашықтыққа қатынасы тұрақты санға, яғни эксцентритетке тең:



Гиперболаның жанамасының теңдеуі. Гиперболаның теңдеуі және онда жатқан M0(x0,y0) нүктесі берілсін:

Гиперболаның теңдеуінен туынды аламыз



бұдан немесе

Жанаманы табатын теңдеуге қоямыз



,

ықшамдаймыз




, енді -қа бөлеміз

M0 нүктесі гиперболада жатқандықтан оның координаталары гиперболаның теңдеуін қанағаттандырады, сондықтан оң жағы -1-ге тең.

Сонымен, гиперболаның жанамасының теңдеуі





1-Мысал. Мына берілгендері бойынша гиперболаның теңдеуін жазыңдар. Фокустар және нүктелері және оң жарты осі 4-ке тең.

Берілгені бойынша . Бұдан .

Сонда, гиперболаның канондық теңдеуі:



2-Мысал. Гиперболаның теңдеуінен оның элементтерін анықтау керек: а) жарты осьтерін: ә) фокусын: б) эксцентриситетін: в) асптота теңдеуін: г) директриса теңдеуін.

а) Гиперболаның канондық теңдеуі . Осыдан a=5,b=3-жарты осьтері. ә) .

Сонда, мен -нүктелері гиперболаның фокустары;

б) – эксцентриситеті;

в) – асимптоталары;

г) – директрисалары.




Лекция №4 Екінші ретті қисықтар: парабола және оның канондық теңдеуі
Анықтама. Белгіленген нүктеге дейінгі және осы нүкте арқылы өтепейтін берілген түзуге дейінгі қашықтықтары тең болатын жазықтықтағы нүктелердің геометриялық орны парабола деп аталады.

Белгіленген нүкте параболаның фокусы, берілген түзу параболаның директрисасы деп аталады. Фокус деп алатын F нүктесінен директрисаға жүргізілген перпендикуляр түзуді Ox осі етіп аламыз, ал Oy осі үшін F нүтесі мен директрисаға дейінгі қашықтықтың ортасына перпендикуляр жүргізілген түзуді аламыз.
Параболаның теңдеуін қорытып шығару үшін сол қисықтың кез келген М(х;у) нүктесін аламыз және параболаның сипаттамалық қасиетін мынадай математикалық қатынас түрінде жазамыз.

Фокустан директрисаға дейінгі ара қашықтықты параболаның параметрі деп атайды да p әріпімен белгілейді. М(х;у) нүктесінен фокусқа дейінгі қашықтығы



және қашықтығын табамыз.

Анықтама бойынша осы екі қашықтық тең



Осы теңдіктің екі бөлігін де кваттап ықшамдаймыз:



бұдан :


(1)

-бұл параболаның канондық теңдеуі.

Парабола (0;0) координаталар басы нүктесі арқылы өтелді, өйткені ол оның (1) теңдеуін қанағаттандырады.

Параметр р- оң сан болсын делік, өйткені , онда және парабола тек оң жарты жазықта болады. Егер , онда және парабола тек теріс жарты жазықтықта ғана болады.





түріндегі параболаны қарастырайық (Мектепте қарастырылған парабола). (1) теңдеу тәрізді бұл теңдеуді де зерттейміз: егер , онда және параболаның тармақтары жоғары бағытталған; егер , онда және пармақтары төмен бағытталған.

Параболаның эксцентиситеті былай анықталады: фокальдық радиустың нүктеден директрисаға дейінгі қашықтығына қатынасы бірге тең, яғни




Мысал. параболаның директрисасын және фокусын табыңыздар. Бұл теңдеуді (1) теңдеумен салыстырып, теңдігін аламыз, осыдан . Сонда , ал F(2,0) болады.
Параболаның жанамасының теңдеуі. Параболаның M0(x0,y0) нүктесі берілген. Параболаның осы нүктесіне жүргізілген жанамасының теңдеуін табу керек.

Параболаға жүргізілген жанаманың бұрыштық коэффициенті –ны табамыз, ал ол үшін (1) теңдеуінен туынды аламыз:



, бұдан немесе

Осыны бұрыштық коэффициентімен берілген түзу теңдеуіне қоямыз:





M0(x0,y0) нүктесі параболада жатқандықтан оның координаталары парабола теңдеуін қанағаттандырады:

немесе

Сонымен, параболаға жүргізілген жанама теңдеуі:





Мысал. Директрисасы –ке тең параболаның канондық теңдеуін табыңдар.
Парабола теңдеуі , ал директриса теңдеуі ,

ендеше,

Сонда, ізделінді парабола теңдеуі: .
Екінші ретті қисықтардың жалпы анықтамасы. Екінші ретті қисықтардың (эллипс, гипербола, парабола) бәріне ортақ қасиеті бар, сондықтан басқа анықтама береміз.

Анықтама. Фокальдық радиустарының өзіне сәйкес директрисаларға дейінгі қашықтықтарына қатынасы тұрақты шама болатын нүктелердің геометриялық орны эксцентриситетке тең, яғни

мұнда:


  1. егер , онда эллипс деп аталады,

  2. егер , онда гипербола деп аталады,

  3. егер , онда парабола деп аталады.



Лекция №5 Екінші ретті қисықтардың жалпы теңдеуі: қисықтардың жалпы теңдеуі; жалпы таңдеуі канондық түрге келтіру.
Анықтама.

(1)

Түріндегі теңдеу екінші ретті қисықтың жалпы теңдеуі деп аталады. Коэффициенттерге мәндер бере отырып гиперболаның, эллипстің және параболаның теңдеулерін ала аламыз.

Мысал үшін,



демек, онда эллипстің теңдеуін аламыз:



Алдын ала



дербес теңдеуін қарастырып, зерттелік, ал мұны былай бейнелейміз:





және коэффициенттерінің көбейтіндісі делік:

a) , болғанда теңдеу эллипсті береді.



делік, онда

ә) , болғанда теңдеу эллипсті береді;

б) , болғанда теңдеу гиперболаны береді.

делік, онда теңдеу

в) А мен В-ның таңбалары бірдей болғанда болады, онда квадраттардың қосындысы нөлге тең, яғни әр мүше нөлге тең, ендеше, қисық бір нүктеге айналады.

г) А мен В-ның таңбалары әртүрлі болсын делік, яғни , онда теңдеуінің сол бөлігі квадраттардың айырымын береді. Теңдеу екі теңдеуге ажырамайды:

,

мұндағы K кез келген сан.

Әр теңдеу түзуді кескіндейді, ал теңдеулер жүйесі түзулердің қиылысу нүтесін береді. Нөл мен K еркімізше алынғандықтан шешімі ақырсыз нүктелер жиыны болады.

Енді екінші ретті қисықтардың (1) жалпы теңдеуін қарастырасмыз. Екінші ретті қисықтардың жалпы теңдеуін канондық түрге келтіру үшін центрлік сызықтың координаталарын паралель көшіреміз және M0(x0,y0) нүктесінен айналдыра координата осьтерін бұрамыз.


1. Айнымалыларды алмастарамыз:

,

,

мұндағы х0 , у0 әзірге анықталмаған.

Центрлік сызықты анықтау үшін сызықтың жаңа теңдеуінде бірінші дәрежелі х, у –тер болмауы қажет.

Бұл координаталды (1) теңдеуге қоямыз да жаңа X,Y айнымалылары бойынша топтаймыз:





X пен Y–тен құтылу үшін олардың коэффициенттерін нөлге теңестіреміз:

Осы жүйенің шешімі х0 , у0 нүктелерінің координаталырын береді.

Енді жүйені зерттейміз.
1) Егер бас анықтауыш , онда жүйенің шешімі бар- (x0,y0) нүктесі, яғни (1) сызықтың шекті қашықтыққа центрі болады, онда сызықтарды центрлік сызықтар дейді.
2) Егер ; яғни , онда жүйенің шешімі жоқ, ал (1) сызықтық шекті қашықтықта центрі жоқ. Ондай сызықтарды центрсіз сызықтар дейді.

3) Егер және қосымша анықтауыштар да нөлге тең болса, яғни , онда жүйенің ақырсыз көп шешімі болады. Сондықтан бұл жағдайда сызықтың ақырсыз көп нүктесі центрі болады.

Координаталар басын қисықтың центріне көшіргеннен кейін (1) теңдеуі мына түрге келеді:

(2)
2. Теңдеудің көбейтіндісі бар мүшесінен құтылу үшін айнымалыны ауыстырамыз (осьтерді бұру)

мұның бас анықтауышы



Мұндағы ауыстыру кез келген бұру бұрышы a–ның мәндерінде нөл болмайтындай етіп алынады.

X,Y -тің бұл мәндерін (2) теңдеуге қоямыз да х1 , у1 көбейтіндісі бар мүшесін тауып оның коэффицентін нөлге теңестіреміз:



немесе түрлендіріп мынаны аламыз:


немесе
Бұл алынған тригонометриялық теңдеу шешімі (2) теңдеудегі х1 мен у1 -нің көбейтінділері жойылатын a-бұрышының мәнін анықтайды.

a бұрышқа бұру арқылы X,Y координата осьтерін жаңа х1 , у1 координата осьтерімен беттестіреміз.

Ескерту. Егер бірден a бұрышына бұруды орындасақ, онда котангенс формуласы мына түрде болады:


Котангенстер формуласында , . Керісінше, егер де болса, онда теңдеуде x,y көбейтінлдісі кездеспейді.

Сонымен, паралель көшіру және осьті бұру орындалғаннан кейінгі екінші ретті қисықтың жалпы теңдеуі



түріне келеді, ал бұл теңдеуге бұрын зерттеу жүргізілген.

Лекция №6 Декарттық координат жүйесін түрлендіру және полярлық координат жүйесі: параллель көшіру, координаттық өстерді 2 бұрышына буру; полярлық координат жүйесі; декарттық координаттар мен полярлық координатамен байланысы.
Тік бұрышты координат жүйесі.

Нүктенің координаттары. Жазықтықтағы геометриялық объектілерді айқындау мақсатында осы жазықтықта тік бұрышты кооррдинат системасы деп аталатын система енгізіледі. Ол үшін жазықтықта бір біріне перпендикуляр екітүзу алады. Олардың қиылысу нүктесін О әрпімен белгілейміз және координат жүйесінің бас нүктесі деп атаймыз. Бұл түзудің біріне бірлік і векторы кесіндісі арқылы, ал екіншісінебірлік j векторы арқылы бағыт беріп, осьтер құрамыз. Остьтердің бірін ОХ осін горизонталь етіп алады да абцисса осі деп, ал ОУ осін вертикаль етіп алады да

ордината осі деп, ал ОУ осін вертикаль етіп алады да ордината осі деп

атайды. Сонымен, анықтама і мен j векторларының ұзындығы бірге тең және олар өзара перпендикуляр: .



Теорема. Жазықтықтағы кез келген М нүктесіне х және у екі нақты сандарын сәйкестендіруге болады және, керісінше, әрбір екі х пен у сандарыныңпарыжазықтықта бір ғана нүктені анықтайды.

Тероманы дәлелдеу ушін ХОУ кооррдинат жүйесін алып, О мен М нүктелері арқылы векторларын құралық. Сонда векторларын бірлік і және j векторлары бойынша жіктеуге болады.



(1)

және мұндай жіктеу біреу ғана. (1) жіктеуді табу үшін векторы диагоналы болатындайетірп тік төртбұрыш құруымыз керек. Сөйтіп кез-келген М нүктесі үшін х пен у сандары бір мәнді түрде табылады. Екі санның парын М нүктесінің координаттары деп атайды және оны былай жазады: , х санын М нүктесінің абциссасы, у санын М нүктенің ординаты деп атайды.

Сонымен М нүктесінің координаттары (1) жіктеу бойынша бір мәнді табылады.

Теорема. Тік бұрышты ХОУ координат жүйесінде мен векторларының скалярлық көбейтіндісі сәйкес координаттар көбейтінділерінің қосындысына тең болады:

Дәлелдеу. (1) жіктеу бойынша:



және

Енді бұлардың скалярлық көбейтіндісін координаттар бойынша жүргізелік.





мен бірлік және ортогональ болғандықтан:

Олай болса,



Салдар. Тік бұрышты ХоУ координаттар векторының скалаяр квадраты координаттардың квадраттарының қосындысына тең:

Бұл дәлелдеуі (2) формуладан және скаляр квадраттың анықтамасынан

келіп шығады.

Екі нүктенің арақашықтығы. А мен В нүктелерінің ара қашықтығын олардың және координаттары бойынша табу мәселесін алдымызға мақсат етіп қоялық. Бұған мына теорема жауап береді.



Теорема. А және нүктелерінің ара қашықтығы мына формуламен анықталады:

Дәлелдеу. ХоУ жүйсінде АВ векторын құралық Енді А мен В нүктелерінің координаттары бойынша АВ векторының координаттарын есептелік.

ендеше,


І пункттегі анықтама бойынша мен векторларының координаттары 1, у1) және 2, у2) болады. Сондықтан векторының координаттары А мен В нүктелерінің ара қашықтығы векторының ұзындығына тең:



Ал, вектор ұзындығының квадраты скаляр квадратқа тең болғандықтан



Енді 1 пункттегі салдар бойынша, яғни (3) формуладан:




(5), (6), (7) және (8) теңсіздіктерінен ізделінеді (4) теңдігі шығады.

Теорема дәлелденді.

  1. Кесіндіні берілген қатынаста бөлу. Бұл пункттегі мақсатымыз берілген және нүктелері арқылы кесіндісін берілген қатынасындай етіп бөлетіндей нүктесінің координаттарын табу.

Теорема. Егер және нүктелерінің координаттары берілсе, онда АВ кесіндісін

Қатынасындайетіп бөлетін нүктесінің координаттары:



,

формулаларымен есептеледі.

Дәлелдеу. мен векторлары коллинеар демек, (9) теңдік бойынша:





, және болғандықтан, (11) теңдігінен және сәйкес координаттарды теңестіруден:

және

Бұл теңдеулерден ізделінді х пен у айнымалыларын есептесек, дәлелдегелі отырған (10) теңдіктер шығады.

Салдар. Егер және нүктелерінің координаттары берілсе, онда кесіндісін кесіндісін қақ бөлетін нүктесінің координаттары мына формулалармен есептеледі:

Бұл салдардың дәлелдемесі (10) теңдіктерден болғанда келіп шығады.

Мысал: және нүктелері берілгенде кесіндісінің қатынасындай бөлетін нүктесін табу керек.

(10) формуланы қолдансақ:



және


Жауабы: .



Түзу полярлық координаттар.

Жазықтықта О нүктесін және сол нүктеден шығатын ОР жарты түзуін, басқаша айтқанда ОР сәулесі полярлық ось деп аталады.

Жазықтықтағы кез келген М нүктесіне екі санды сәйкестендіруге болады:

Полярлық радиус деп аталатын сан О нүктесінен М нүктесіне дейінгі қашықтықты көрсетеді;

Полярлық бұрыш деп аталатын бұрышы бұл полярлық осьтен ОМ түзуіне қарай сағат тілінің бағытына қарсы алынады.

Полярлық радиус – теріс емес сан. Полярлық бұрышы - аралығында жатады.

Полюс О үшін полярлық радиус нольге тең, ал полярлық бұрыш полюс үшін анықталмаған.

Полярлық координаттары және нүктесін М ( , ) деп жазады.



М( , ) нүктесінің полярлық координаттары мен ХОУ координат жүйесіндегі нүктесінің координаттары арасында мынандай байланысбарлығын дәлелдеп алу қиын емес

Полярлық координат жүйесі қандайда бір нүктенің және өлшем бірлігінің берілуімен анықталады.

Егер декарттық координат жүйесін оның координат бас нүктесі полюспен, ал ось Ох полярлық осьпен беттесетіндей етіп алсақ, онда М нүктесінің полярлық координаттары және декарттық координаттары арасындағы байланыс:


Бұл формулаларда:

Лекция №7 Беттер

Кеңістікте бет теңдеуі



түрінде беріледі, мұндағы F трансценденттік нмесе алгебралық функциялар.

Алгебралық функциялармен берілген беттерді қарастырамыз.
Цилиндрлік беттер

Анықтама. Берілген а (жасаушысы) түзуіне паралель әрі L сызығын қиып өтетін паралель түзулердің геометриялық орнын цилиндрлік бет немесе цилиндр деп атайды.
Цилиндрлік беттің теңдеуін құру. Бағыттаушы L сызығы

(1)
Теңдеулер жүйесімен және жасаушы түзу


бағыттаушы вектормен берілсін делік.

Беттің ағымдағы координаталарымен M(X,Y,Z) нүктесін алайық.

Мұнда бағыттаушы түзулер нүктелерін бет нүктелерінен ажырату мақсатында X,Y,Z айнымалылары бас әріпімен алынды.

векторын қарастырамыз.

Беттің кез келген M нүктесі үшін векторы және векторы коллинеар болуы керек, яғни олардың сәйкес координаталары



пропорционал. (1) теңдеу мен канондық теңдеуді біріктіріп теңдеулер жүйесін алмыз:




Кез келген үш теңдеуден белгісіздерін тауып жүйенің төртінші теңдеуіне қойып ізделінді цилиндрлік беттің теңдеуін аламыз.

Ескерту. Егер XOY жазықтығында қисығының теңдеуі берілсе, онда бұл түріне ие болады, мұнда Z жоқ болғандықтан цилиндрлік беттің жасаушысы Z осіне паралель болғаны.
Мысал. жазықтықта бұл эллипстің теңдеуін сипаттайды.

Кеңістікте ол эллипстік цилиндрді сипаттайды, ал олардың жасаушысы OZ осіне паралель, бағыттаушысы эллипс болып табылады.

Егер кеңістікте F(x;y)=0 немесе F(x;z)=0 немесе F(y;z)=0 теңдеуі берілсе, онда бұл жасаушысы жоқ координата осіне паралель бағыттаушысы L сызығы болатын цилиндрлік бет болады.



Лекция №8 Конустық беттер
нүктесі мен L бағыттаушы сызығы берілсін.

Анықтама. Берілген M0 нүктесі мен сызығынан өтетін түзулерден құралған бет конустық бет деп аталады.

-конустық беттің төбесі, ал түзулер жасаушысы деп аталыды.


Бастаушысы L түзу мына теңдеулер жүйесімен берілсін:

(2)

Конустық беттің теңдеуін құру керек.

Беттің теңдеуін құру ережесі бойынша бағыттаушы қисық сызықтың бір M1(x,y,z) нүктесін және беттің ағымдағы координаталарымен M(X,Y,Z) нүктесін аламыз. Коныстық беттің өзіне тән қасиеті, ондағы үш нүкте бір түзудің бойында жатады анықтама бойынша .

Ендеше, векторлары коллиняр болады. және M1 нүктелері арқылы өтетін түзу теңдеуін құрамыз:



(3)
(3) теңдеулерінен кіші айнымалы x,y,z -і табамыз да (2) теңдеуіне қойып ізделінді конустық беттің теңдеуін аламыз:
Мысал. M0(0,0,0) бас нүктесінен өтетін және бағыттаушы L сызығы

берілген конустық беттіңтеңдеуін жазу керек.

(3) формуланы ескерсек:

Сфераны кескіндейміз және конустық бетті саламыз:

Жүйеден x,y-терді табамыз:



және z=4 -ті теңдеулерге қоямыз:



Бұл теңдеулерден x,y -терді шығарып тастаймыз да, конустық беттің теңдеуін аламыз:



немесе


Лекция №9-10 Айналу беттері

Анықтама. Кеңістікте берілген осьтен кез келген қисықтың айналуынан шыққан бет айналу беті деп аталады.



zOy координата жазықтығында сызық теңдеуі берілсін

(1)

Бұл қисық Oy осімен айналсын делік, сонда алынған беттің теңдеуін құру керек.





Бағыттаушы қисықтың бір M1(0,y,z) нүктесін аламыз.Осы нүкте арқылы zOx жазықтығына паралель жазықтық жүргіземіз, сонда қимасында центрі N(0,y,0) болатын шеңбер аламыз.

Беттің теңдеуін қорытып шығару үшін осы шеңбердің ағымдағы координаталарымен бір M(X,Y,Z) нүктесін аламыз. Оны N нүктесімен қосамыз, сондағы, соңғы MN кесіндісі шеңбер радиусы болады.

Тік бұрышты үшбұрыштан:



.

Екінші жағынан, осы

радиусы M1 нүктесінің апликатасы,

яғни


OY-тен айналуынан кез келген шеңбер үшін оның ординатасы сақталатыны анықтамадан көрініп тұр, яғни y=Y .

(1) қисығының OY осі бойынан айналуынан шыққан беттің теңдеуін құру үшін y-ті Y -пен, ал z-ті -пен алмастырамыз, сонда

Сонымен, координата осі бойымен айналудан шыққан дененің теңдеуін құру үшін бағыттаушы сызық теңдеуіндегі аттас айнымалы координтаны қалдыру керек, ал екінші айнымалыны жетпей тұрған айнымалылардың квадраттарының қосындысынан алынған квадрат түбірмен алмастыру керек. Мысалы,

1. , OX осін айналады: немесе .

2. , OY осін айналады: немесе .

3. , OZ осін айналады: немесе ,

ал мұны формула түрінде былай көсетемыз:



(2)
Лекция №11 Екінші ретті беттер


Айналу эллипсоиды. xOy координаталар жазықтығындағы эллипсті қарастырамыз

(1)

Бұл эллипсті Oz осі бойынан айналдырамыз. Беттің теңдеуін алу үшін -ты сақтаймыз, ал -ты -пен алмастырамыз, сонла



немесе


(2)

алынған бет айналу эллипсоиды деп аталады.


Эллипсоид. Oz осінен айналуынан алынған (27) айналу эллипсоидын қарастырамыз. Оны z=h паралель жазықтықтармен қиямыз, сонда

Сол жағы теріс емес, ендеше оң жағы да теріс болмауы керек



яғни қимада шеңбер алдық:



Сонымен айналу эллипсоидын Oz осі бойына концентрлі паралель орналасқан шеңберлер деп көрсетуге болады және оның шеттері (1) эллипсі бойымен жылжиды:





Мысал түсіндіру. Балаларға арналған ортасы тесік ағаш дөңгелектерді көргендерің бар, ал ол дөңгелектердің диаметрі әртүрлі. Ол дөңгелектерді бір ағаш таяқшаға кіргізе отырып дөңгелек конус, шар, эллипсоид және т.б. алуға болады.

Қимада шеңбер орнына паралель коцентрлі эллипстер алайық



ал оның шеттері (1) эллипс бойымен жылжысын. Тұрақты h-ты айнымалы z-пен алмастырайық, сонда мынадай бет аламыз:



немесе


ал бұл үш осьті эллипсоид теңдеуі.



Эллипсоидтың өзіне тән қасиеті, оны кез келген жазықтықпен қиғанда қимасында әр уақытта эллипс пайда болады.

Мысалы, эллипсоидты xOy координата жызықтығымен қисақ, яғни




жүйесін шешіп, қимасында эллипс аламыз:

Басқа координата жазықтығымен қиғанда да, эллипстер алынады.


Бір қуысты айналу гиперболойды. zOx жазықтығында

(3)

гиперболасын қарастырайық, ал мұның төбесі z=0; x=±a.

Бұл гиперболаны Oz осі бойымен айналдырамыз:

Сонда (25) ереже негізінде айналубетін аламыз:
немесе , (4)
ал бұл бір қуысты айналу гиперболоидының теңдеуі.

Бұл бетті z=h жазықтықтарымемн қиямыз:



түрлендірсек, қимасында шеңбер аламыз:



(5)

Кез келген z=h жазықтығы (4) бетті қиғанда (5) шеңбер шығады.

(4) бір қуысты айналу гиперболоидын шеті гипребола бойымен жылжитын концентрлі шеңберден алынған бет деп те қарауға болады.

(5) шеңбердің орнына паралель концентрлі эллистрді аламыз:





Сонда параметр h-тың орнына z айнымалысын алуға болащды және шеті (3) гипербола бойымен жылжитын концентрлік эллипстен құралған бір қуысты гиперболоид теңдеуін аламыз:

(6)
Түзу сызықты жасаушылар

(6) бір қуысты гиперболоид теңдеуін қарастырамыз:



Былай түрлендіреміз:




екі жағын жіктейміз де былай өрнектейміз:


Мұны мынадай теңдеулер жүйесі ретінде береміз:

(7)

ал бұл кез келген k≠0 үшін орындалады.

Бұл жүйе теңдеуі жүйе түрінде берілген екі жазықтықтың қиылысуынан шығатын түзуді береді. k –ға кез келеген сан мәнін бере отырып паралель түзулер үйірін аламыз.

Анықтама. Бет паралель түзулерден құралатын болса, онда жасаушылары түзу сызықты деп атайды.

(7) түзулер (6) бір қуысты гиперболоидтың түзу сызықты жасаушылары болып табылады.

Жасаушысы түзу сызықты бір қуысты гиперболоидты бірінші рет математиканы жетік білетін орыс инженері В.Г. Шухов мұнараларды салуда қолданды. Мәскеу қаласындағы «Шаболовская» метросы жанындағы телевизор мұнарасы осылау салынды. Мұндай конструкциялар әрі тамаша, әрі мықты және құрылысы өте жеңіл.

Екі қуысты гиперболоид. жазықтығында

(8)

гиперболасын қарастырамыз, мұның

төбесі x=0; z=±c.

Гиперболаны осі бойымен айналдырамыз,

сонада мынадай айналу беті шығады:


немесе ,
ал бұл екі қуысты айналу гиперболоиды.

Бұл бетті шеті (9) гипербола бойымен жылжитын концентрлі шеңберлерден құрылған деп қарастыруға болады. Осы бетті жазықтығымен қиятын болсақ, онда




шеңберін аламыз, мұнда

Шеңбер орнына паралель концентрлі эллипстерді алайық:




Мұндағы h параметрді айнымалы -пен алмастырсақ

гиперболоиды шығады. (10) беті екі қуысты гиперболоид деп аталады.

Бұл бетті шеті (9) гипербола бойымен жылжитын концентрлі эллипстерден құрылған болады.


Лекция №12 Параболоидтар
Параболоидтар. xOz жазықтығында

(1)

параболасын қарастырамыз.
Параболаны Oz осі бойымен айналдырамыз,

сонда айналу параболоиды шығады:



Айналу параболоидын z=h жазықтығымен қиямыз, сонда қимасында шеңберді аламыз:



Айналу параболоидын концентрлік



шеңберден құралған бет деп қарастыруға болады, ал олардың шеттері (1) параболасы бойымен жылжиды.

Шеңберлер орнына концентрлі

эллипстерді қарастырамыз, сонда параметр h-ы айнымалы z-пен алмастырсақ



(2)

параболоид бетін аламыз.

Шеттері (1) парабола бойымен жылжитын эллипс орнына гипербола тармақтарын алатын болсақ, онда шыққан бет



гипербололық параболоид деп аталады. бұл беттің де жасаушылары түзу сызықты.

Ескерту. Бетті кескіндеу, жалпы жағдайда қиынның қиыны, әсіресе кеңістікте ойша елестету одан да қиын. Ол үшін қималар әдісін қолданады, яғни бетті координата жазықтықтарымен қияды және олардың қиылысу сызықтарын кескіндейді. Бетті жазықтықтармен көбірек қиылыстырған сайын оның бейнесі дәлірек көріне бастайды. Жазықтықта да қисықты салу кезінде көбірек нүкте алу керектігі белгілі ғой.

Егер беттің теңдеуінде айнымалы кездеспесе, онда ол теңдеу жоқ айнымалымен аттас координата осіне паралель цилиндрлік бетті береді. Мысалы, мына теңдеулер кеңістікте мына беттерді сипаттайды:



- Ox осіне паралель эллипстік цилиндр,

- Oz осіне паралель гиперболалық цилиндр,
- Oy осіне паралель параболалық цилиндр.
Лекция №13 Екінші ретті беттердің түзу сызықты жасаушылары.
Егер түзуінің әрбір нүктесі бетке тиісті болса онда бұл түзу беттің түзу сызықты жасаушысы деп аталады.

Сонымен, цилиндрлік және конустық беттердің жасаушылары олардың түзу сызықты жасаушылары.

Эллипсоид – тұйық бет, оның түзу сызықты жасаушылары жоқ.

Сол сияқты екі қуысты гиперболоидтың, эллипстік параболоидтың түзу сызықты жасаушылары жоқ.

Бір қуысты гиперболоид

теңдеуімен берілсін.

: түзуінің гиперболоидтың түзу сызықты жасаушысы болуының қажетті және жеткілікті шарттары:
. . .
Гиперболоид теңдеуін жіктеп, жасаушылар теңдеуін табамыз.

Бір қуысты гиперболоидтың түзу сызықты жасаушыларының екі үйірі бар.


Теорема 1. Бір қуысты гиперболоидтың әртүрлі үйірге жататын екі түзу сыөықты жасаушылары бір жазықтықта жатады.

Бір үйірдің екі түзу сызықты жасаушылары айқас болады.

Гиперболалық параболоид

теңдеуімен және түзуі параметрлік теңдеуімен берілсін.


.

Параболоид теңдеуін

түрінде жазып, түзу сызықты жасаушыларының екі үйірін аламыз:




мұндағы және - кем дегенде біреуі нөлден өзгеше нақты сандар.

Теорема 2. Гиперболалық параболоидтың әртүрлі үйірге жататын екі түзу сызықты жасаушылары қиылысады, ал бір үйірдің екі түзу сызықты жасаушылары айқас болады.

Лекция №14 Екінші ретті беттің жалпы теңдеуі, оның ортогональдық инварианттары. Жалпы теңдеуді канондық түрге келтіру. Екінші ретті беттің центрі. Центрлік және центрсіз беттер. Екінші ретті беттерді кластарға бөлу туралы теорема.
Екінші ретті беттің жалпы теңдеуі

(1) Ұтүрінде жазылады. Мұндағы тұрақты шамалар- параметрлер. Бұл параметрлердің мәндеріне қарай (1) теңдеу әр түрлі бетті және олардың системаға қарай әр түрлі орналасуын анықтайды.

Жалпы теңдеуі:



(2)

(2) теңдеу декарттық жүйеде берілген төмендегі өрнектер инвариантты түрлендірулер болып табылады:


,

.

Келесі түрлендірулер семинвариантты деп аталады:



,

Дербес жағдайларды қарастырайық:рабоч

Дербес жағдайларды қарастырайық.

I. болса, онда 2-ші ретті бет келесі түрде болады:



, мұндағы характеристикалық теңдеудің түбірлері.
(3)


Егер бір таңбалы, ал қарсы таңбалы болса, онда (2) теңдеуді эллипсоид болады. Сонда

Мұндағы ,



Егер , бір таңбалы болса, онда (2) теңдеуді жалған эллипсоид болады. Сонда

мұндағы ,



Егер таңбалары бірдей болып, болса, (2) теңдеу жалған конусты береді:

мұндағы, .


Егер характеристикалық түбірлердің екеуі бір таңбалы болып, 3-ші түбір мен қарсы таңбалы болса, онда (2)теңдеу бір қуысты гиперболоидты береді:

немесе

мұндағы, ,


Егер характеристикалық теңдеудің екі түбірі мен босмүше бір таңбалы болып, 3-ші түбір қарсы таңбалы болса, онда (2) теңдеу қос қуысты гиперболоидты береді:
немесе

Егер характеристикалық теңдеудің екі түбірі бір таңбалы, 3-ші түбір қарсы таңбалы және болса, онда (2) теңдеу конус болады:
немесе

мұндағы .

II. Егер болса, онда теңдеу бейнесі төмендегідей:

(4)

. Егер бір таңбалы болса, онда (4) теңдеу эллипстік параболоид болады:



деп белгілесек, онда


түріне келеді.



. Егер екі түрлі таңбалы болса, онда (4) теңдеу гиперболалық параболоид болады:

немесе .

мұндағы


III. болсын, онда теңдеу бейнесі төмендегідей:



(5).
. Егер бір таңбалы және қарсы таңбалы болса,онда (5) теңдеу эллипстік цилиндр болады да, (5) теңдеу мына түрге келеді:

немесе .

мұндағы .



Егер және қарсы таңбалы болса,онда (5) теңдеу жалған эллипстік цилиндр болады да, (5) теңдеу мына түрге келеді:

немесе .

Егер бір таңбалы болса,онда (5) теңдеу қиылысқан жалған жазықтықтарды береді:

немесе


Егер әртүрлі таңбалы және болса, онда (5) теңдеу гиперболалық цилиндрді береді:

немесе

мұндағы


Егер әртүрлі таңбалы және болса, онда (5) теңдеу қиылысқан жазықтықтарды береді:

немесе

мұндағы



IV. Егер болсын, онда теңдеу бейнесі төмендегідей:

(6)

Егер болса, онда (6) теңдеу параболалық цилиндрді береді:

болса, онда болады.

V. Егер болсын, онда теңдеу бейнесі төмендегідей:



немесе

(7)

Егер болса, онда (7) теңдеу параллель жазықтықтарды береді және теңдеуі төмендегідей болады:



Егер болса, онда (7) теңдеу 2 жалған параллель жазықтықтарды береді және теңдеуі төмендегідей болады:



Егер болса, онда (7) теңдеу беттескен жазықтықтарды береді және теңдеуі төмендегідей болады:

Екінші ретті беттердің центрінің координатасы мына формуламен анықталады:




Лекция №15 Екінші ретті беттің асимптотикалық бағыттары, жанамалары, диаметрлік жазықтықтары, бас бағыттары, осьтері.

        1. Эллипстік параболоидтың


формуласында канондық бас нүкте парабола төбесі болып табылады. Ойысу жағына бағытталған эллипстік параболоидтың векторы төмендегідей анықталады:



,
(1)
Эллипстік параболоидтың төбесі мына формуламен анықталады:

(2)



        1. Гиперболалық парболоидтың бағыттауыш векторы (1) формуламен анықталады. Ал төбесі (2) формуламен анықталады. Егер болса, онда канондық түрі

Мұнда параболоидтың параметрі бірдей болады. Параболоидтың бағыттауыш осі болады.



        1. Эллипстік цилиндр формуламен анықталады. Эллипстік цилиндрдің осі мына жүйе арқылы анықталады:


(3)
Ал бағыттауыш вектор
(4)


        1. Гиперболалық цилиндр . Гиперболалық цилиндрдіңғ орналасуын анықтау үшін осі мен бағытталған векторларын білу қажет. Цилиндр осі (3) формуласымен анықталады.

        2. Парболалық цилиндрдің орналасуын анықтау үшін:

а) симметрия жазықтығын;

б) цилиндрге жанама жазықтықты ;

в) жанама жазықтыққа перпендикуляр векторды

білу керек.

Егер жалпы теңдеу парболалық цилиндрді бейнелесе, онда ол

немесе

және
,


перпендикуляр болатындай m таңдаймыз:


Бұдан m тапсақ,





  • симметрия жазықтығын анықтайды.



цилиндрге жанама жазықтық теңдеуі болады, ал бағытталған вектор

Егер (1) теңдеу жұп жазықтықтардан тұратын бет болса, онда оның орналасуын анықтау үшін оның әрбір жазықтықтарының теңдеуін білу керек. Екінші ретті бет жұп жазықтықтарға жіктелуі үшін

Матрицасының рангісі 2 немесе1 тең болу қажет.

Егер координата басы бет центрі болса, онда теңдеу төмендегідей болады.



жүктеу 10,4 Mb.

Достарыңызбен бөлісу:
1   2   3   4   5   6   7




©g.engime.org 2024
әкімшілігінің қараңыз

    Басты бет
рсетілетін қызмет
халықаралық қаржы
Астана халықаралық
қызмет регламенті
бекіту туралы
туралы ережені
орталығы туралы
субсидиялау мемлекеттік
кеңес туралы
ніндегі кеңес
орталығын басқару
қаржы орталығын
қаржы орталығы
құрамын бекіту
неркәсіптік кешен
міндетті құпия
болуына ерікті
тексерілу мемлекеттік
медициналық тексерілу
құпия медициналық
ерікті анонимді
Бастауыш тәлім
қатысуға жолдамалар
қызметшілері арасындағы
академиялық демалыс
алушыларға академиялық
білім алушыларға
ұйымдарында білім
туралы хабарландыру
конкурс туралы
мемлекеттік қызметшілері
мемлекеттік әкімшілік
органдардың мемлекеттік
мемлекеттік органдардың
барлық мемлекеттік
арналған барлық
орналасуға арналған
лауазымына орналасуға
әкімшілік лауазымына
инфекцияның болуына
жәрдемдесудің белсенді
шараларына қатысуға
саласындағы дайындаушы
ленген қосылған
шегінде бюджетке
салығы шегінде
есептелген қосылған
ұйымдарға есептелген
дайындаушы ұйымдарға
кешен саласындағы
сомасын субсидиялау